題目大意:給出平面上的一些點,問這些點中的任意三個點組成的三角形的面積和是多少。
思路:看數據范圍只算法系列。由於每個三角形有三個頂點,因此暴力的話應該是O(n^3)的時間復雜度,很明顯超時了,但是我們只需要將它優化到O(n^2logn)就可以解決了。
好吧,剩下的隨便猜一猜,比如O(n^2)的枚舉,然後剩下的logn什麼也干不了。。。
再比如O(n)的枚舉,然後剩下O(nlogn)排序。。。
好像有戲啊。。
枚舉每一個點,計算以這個點為坐標原點,在第一象限的所有點與原點組成的三角形的面積和。計算面積可以用叉積,但是這樣算和暴力枚舉有什麼區別?
利用叉積的性質,我們簡單的推倒一下。設原點為O,枚舉到的兩個點為AB,向量OA = (x1,y1),向量OB = (x2,y2),則
S-OAB = |x1 * y2 - y2 * x2|
對於固定的一個點A來說,線段OA與其他所有點的面積和就是ΣS = x1 * Σy2 - y1 * Σx2
但是這需要滿足面積不能為負數。只需要按照極角或者斜率排序一下就可以避免負數了。這樣正好是O(n^2logn)
CODE:
#include#include #include #include #define INF 0x7f7f7f7f #define MAX 3010 using namespace std; struct Point{ int x,y; double slope; Point(int _ = 0,int __ = 0):x(_),y(__) {} bool operator <(const Point &a)const { if(x == a.x) return y < a.y; return x < a.x; } Point operator -(const Point &a)const { return Point(x - a.x,y - a.y); } void Read() { scanf("%d%d",&x,&y); } }point[MAX],now; int points; bool cmp(const Point &a,const Point &b) { return a.slope < b.slope; } inline long long Calc(int p,int cnt) { static Point temp[MAX]; now = point[p]; memcpy(temp + 1,point + p + 1,sizeof(Point) * cnt); for(int i = 1; i <= cnt; ++i) { temp[i] = temp[i] - now; if(!temp[i].x) temp[i].slope = INF; else temp[i].slope = (double)temp[i].y / (double)temp[i].x; } sort(temp + 1,temp + cnt + 1,cmp); static long long sum_x[MAX],sum_y[MAX],re; re = 0; memset(sum_x,0,sizeof(sum_x)); memset(sum_y,0,sizeof(sum_y)); for(int i = cnt; i; --i) { sum_x[i] = sum_x[i + 1] + temp[i].x; sum_y[i] = sum_y[i + 1] + temp[i].y; } for(int i = 1; i < cnt; ++i) { re += temp[i].x * sum_y[i + 1]; re -= temp[i].y * sum_x[i + 1]; } return re; } int main() { cin >> points; for(int i = 1; i <= points; ++i) point[i].Read(); sort(point + 1,point + points + 1); long long ans = 0; for(int i = 1; i <= points; ++i) ans += Calc(i,points - i); bool flag = ans&1; printf("%lld.%d\n",ans >> 1,(int)flag ? 5:0); return 0; }