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nyoj 712 探 尋 寶 藏(雙線dp 第六屆河南省程序設計大賽)

編輯:關於C++

 

探 尋 寶 藏

時間限制:1000ms | 內存限制:65535KB 難度:5

傳說HMH大沙漠中有一個M*N迷宮,裡面藏有許多寶物。某天,Dr.Kong找到了迷宮的地圖,他發現迷宮內處處有寶物,最珍貴的寶物就藏在右下角,迷宮的進出口在左上角。當然,迷宮中的通路不是平坦的,到處都是陷阱。Dr.Kong決定讓他的機器人卡多去探險。

但機器人卡多從左上角走到右下角時,只會向下走或者向右走。從右下角往回走到左上角時,只會向上走或者向左走,而且卡多不走回頭路。(即:一個點最多經過一次)。當然卡多順手也拿走沿路的每個寶物。


2 2 3 0 10 10 10 10 80 3 3 0 3 9 2 8 5 5 7 100

120 134

 

這道題和以往我們做的dp不同之處就在於 是一去一回

加入只有去 我們可以 用動態規劃方程 dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1])+map[i][j].

而這道題去了又回來 我們可以理解為兩個人同時從左上角去 不過不走相同的路

如果兩個人不走相同的路 那麼這兩個人必須不在相同的列或者行 又因為 兩個人走的步數完全相同

所以我們可以通過一個人走的步數得到另外一個人走的步數

我們可以通過一個四維的數組來保存

於是這個時候的動態規劃方程

 

 


 

附上代碼:

 

 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
int map[55][55];	
int dp[55][55][55][55];
int main()
{

	int ncase;
	scanf("%d",&ncase);
	while(ncase--)
	{
		int n,m;
		memset(dp,0,sizeof(dp));
		memset(map,0,sizeof(map));
		scanf("%d %d",&m,&n);
		for(int i=1;i<=m;i++)
			for(int j=1;j<=n;j++)
				scanf("%d",&map[i][j]);
		for(int i=1;i<=m;i++)
			for(int j=1;j<=n;j++)
				for(int k=i+1;k<=m;k++)
				{
					int l=i+j-k;
					if(l<0||l>n)
					break;
					dp[i][j][k][l]=max(max(dp[i-1][j][k-1][l],dp[i-1][j][k][l-1]),
					max(dp[i][j-1][k-1][l],dp[i][j-1][k][l-1]))+map[i][j]+map[k][l];
				}
		printf("%d\n",max(max(dp[m][n-1][m-1][n],dp[m][n-1][m][n-1]),
		max(dp[m-1][n][m-1][n],dp[m-1][n][m][n-1]))+map[m][n]);
	}
}         

 

dp[k][i][j] 其中k為當前走的步數 i為第一個人的行左邊 j為第二個人的行坐標

又因為我所建的圖左上角坐標為(1,1) 所以從左上角到右下角需要的最少步數為m+n-2

這個時候的動態轉移方程為

 

ac代碼:

 

 
#include 
#include 
#include 
using namespace std;
int map[55][55];	
int dp[110][55][55];
int main()
{

	int ncase;
	scanf("%d",&ncase);
	while(ncase--)
	{
		int n,m;
		memset(dp,0,sizeof(dp));
		memset(map,0,sizeof(map));
		scanf("%d %d",&m,&n);
		for(int i=1;i<=m;i++)
			for(int j=1;j<=n;j++)
				scanf("%d",&map[i][j]);
		int step=m+n-2;
		
		for(int i=1;i<=m;i++)
			for(int j=i+1;j<=m;j++)	
			for(int k=1;k=i&&k+2>=j)
					{
						dp[k][i][j]=max(max(dp[k-1][i-1][j],dp[k-1][i-1][j-1]),
						max(dp[k-1][i][j],dp[k-1][i][j-1]))+map[i][k-i+2]+map[j][k-j+2];
					}
					
				}
		printf("%d\n",max(dp[step-1][m][m-1],dp[step-1][m-1][m])+map[m][n]);
	}
	return 0;
}         


 

 

 

描述 Dr.Kong希望他的機器人卡多盡量多地帶出寶物。請你編寫程序,幫助Dr.Kong計算一下,卡多最多能帶出多少寶物。
輸入第一行: K 表示有多少組測試數據。
接下來對每組測試數據:
第1行: M N
第2~M+1行: Ai1 Ai2 ……AiN (i=1,…..,m)


【約束條件】
2≤k≤5 1≤M, N≤50 0≤Aij≤100 (i=1,….,M; j=1,…,N)
所有數據都是整數。 數據之間有一個空格。
輸出對於每組測試數據,輸出一行:機器人卡多攜帶出最多價值的寶物數
樣例輸入
樣例輸出
 dp[i][j][k][l]=max(max(dp[i-1][j][k-1][l],dp[i-1][j][k][l-1]), 29.max(dp[i][j-1][k-1][l],dp[i][j-1][k][l-1]))+map[i][j]+map[k][l];
由於四維數組占用的空間特別大 又因為在這道題中兩個人走的步數完全相同 也就是i+j=k+l 所以我們可以通過步數 轉換為3維的 dp[k][i][j]=max(max(dp[k-1][i-1][j],dp[k-1][i-1][j-1]), 30.max(dp[k-1][i][j],dp[k-1][i][j-1]))+map[i][k-i+2]+map[j][k-j+2];
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